CF1562E Rescue Niwen!

开始的时候只会一个(O(n^2log))
即做出所有的(n^2)串，显然可以用(SAM)来进行这样一个排序，然后(log)做。

但这种题我们显然要找一些友好的性质：
我们发现字符串的比较是一个从前往后的过程。
那么我们就发现如果我们选择了一个以(i)为开头的的串，那么如果我们把他一路选到最后一个，则答案一定不劣。

所以我们可以在(O(n^2))里处理出(Lcp)和答案。

#include <bits/stdc++.h>
#define N 5005
using namespace std;
int T, n, Ans, f[N][N], dp[N]; 
char S[N];
bool compare(int x, int y) { 
    if (x + f[x][y] > n + 1) return false;
    return S[x + f[x][y]] > S[y + f[x][y]];
}
int solve(int x, int y) { 
    if (!compare(x, y)) return 0;
    return dp[y] + n - x - f[x][y] + 1;
}
int main() {
    scanf("%d", &T);
    while (T--) {
        scanf("%d %s", &n, S + 1);
        for (int i = n - 1; i >= 1; --i) f[n][i] = (S[n] == S[i]);
        for (int i = n - 1; i >= 1; --i)
            for (int j = i - 1; j >= 1; --j)
                f[i][j] = (S[i] == S[j]) ? (f[i + 1][j + 1] + 1) : 0; 
        dp[1] = Ans = n;
        for (int i = 2; i <= n; ++i) {
            dp[i] = n - i + 1;
            for (int j = 1; j < i; ++j)
                dp[i] = max(dp[i], solve(i, j));
            Ans = max(Ans, dp[i]);
        }
        printf("%d
", Ans);
    }
	return 0;
}