Description
小T与小L终于决定走在一起,他们不想浪费在一起的每一分每一秒,所以他们决定每天早上一同晨练来享受在一起的时光.
他们画出了晨练路线的草图,眼尖的小T发现可以用树来描绘这个草图.
他们不愿枯燥的每天从同一个地方开始他们的锻炼,所以他们准备给起点标号后顺序地从每个起点开始(第一天从起点一开始,第二天从起点二开始……). 而且他们给每条道路定上一个幸福的值.很显然他们每次出发都想走幸福值和最长的路线(即从起点到树上的某一点路径中最长的一条).
他们不愿再经历之前的大起大落,所以决定连续几天的幸福值波动不能超过M(即一段连续的区间并且区间的最大值最小值之差不超过M).他们想知道要是这样的话他们最多能连续锻炼多少天(hint:不一定从第一天一直开始连续锻炼)?
现在，他们把这个艰巨的任务交给你了!
Input
第一行包含两个整数N, M(M<=10^9).
第二至第N行,每行两个数字Fi , Di, 第i行表示第i个节点的父亲是Fi,且道路的幸福值是Di.
Output
最长的连续锻炼天数
Sample Input
3 2
1 1
1 3
Sample Output
3
HINT
数据范围：
50%的数据N<=1000
80%的数据N<=100000
100%的数据N<=1000000
题解：
其实这题很水……全场切掉，但是自己很少写单调队列（几乎没写过），所以调了很久最后发现了数个傻逼错……搞了很久才对……
首先这题是树形DP+单调队列二合一，前半部分直接DP，设$F[i]$表示以$i$为根的子树里最长的距离，$G[i]$表示从$i$向上走到一个祖先再向下的最大值，直接两次dfs处理（转移的时候要记录一个次大值）。那么最大的幸福值就是$max(F[i],G[i])$；
后半部分注意到可选的区间是连续的，所以左右端点必定严格从左向右移动，所以可以用单调队列来维护，开两个单调队列维护区间最大最小值，记录当前区间大小即可（我也不知道我为什么能写出那么多傻逼错）
代码：
1 #include<iostream>
2 #include<cstring>
3 #include<cstdio>
4 #include<cmath>
5 #include<queue>
6 using namespace std;
7 struct edge{
8 int v,w,next;
9 }a[1000001];
10 int n,m,x,w,tot=0,ans=0,tmp=1,head[1000001],num[1000001],f[1000001],ff[1000001],g[1000001];
11 //queue<int>ql,qr;
12 int ql[1000001],qr[1000001],l1=0,l2=0,r1=-1,r2=-1;
13 void add(int u,int v,int w){
14 a[++tot].v=v;
15 a[tot].w=w;
16 a[tot].next=head[u];
17 head[u]=tot;
18 }
19 void dfs1(int u){
20 f[u]=ff[u]=0;
21 for(int tmp=head[u];tmp!=-1;tmp=a[tmp].next){
22 int v=a[tmp].v,w=a[tmp].w;
23 dfs1(v);
24 if(f[v]+w>f[u]){
25 ff[u]=f[u];
26 f[u]=f[v]+w;
27 }else if(f[v]+w>ff[u]){
28 ff[u]=f[v]+w;
29 }
30 }
31 }
32 void dfs2(int u){
33 for(int tmp=head[u];tmp!=-1;tmp=a[tmp].next){
34 int v=a[tmp].v,w=a[tmp].w;
35 g[v]=g[u]+w;
36 if(f[v]+w==f[u])g[v]=max(g[v],ff[u]+w);
37 else g[v]=max(g[v],f[u]+w);
38 dfs2(v);
39 }
40 }
41 int main(){
42 memset(head,-1,sizeof(head));
43 scanf("%d%d",&n,&m);
44 for(int i=2;i<=n;i++){
45 scanf("%d%d",&x,&w);
46 add(x,i,w);
47 }
48 dfs1(1);
49 dfs2(1);
50 for(int i=1;i<=n;i++)num[i]=max(f[i],g[i]);
51 for(int i=1;i<=n;i++){
52 while(l1<=r1&&num[i]<=num[ql[r1]])r1--;
53 ql[++r1]=i;
54 while(l2<=r2&&num[i]>=num[qr[r2]])r2--;
55 qr[++r2]=i;
56 while(num[qr[l2]]-num[ql[l1]]>m){
57 tmp=ql[l1]<qr[l2]?ql[l1++]+1:qr[l2++]+1;
58 }
59 ans=max(ans,i-tmp+1);
60 }
61 printf("%d",ans);
62 return 0;
63 }