石子合并
时间限制：1000 ms | 内存限制：65535 KB
描述
有N堆石子排成一排，每堆石子有一定的数量。现要将N堆石子并成为一堆。合并的过程只能每次将相邻的两堆石子堆成一堆，每次合并花费的代价为这两堆石子的和，经过N-1次合并后成为一堆。求出总的代价最小值和最大值。
输入
有多组测试数据，输入到文件结束。
每组测试数据第一行有一个整数n，表示有n堆石子。
接下来的一行有n（0< n <200）个数，分别表示这n堆石子的数目，用空格隔开
输出
输出总代价的最小值以及最大值（中间以空格隔开），占单独的一行
样例输入
3
1 2 3
7
13 7 8 16 21 4 18
样例输出
9 11
239 365
思路：
该题为区间DP好题，这里简单谈一谈区间DP :
区间DP，就是在某一区间内满足某个性质，比如最简单的最大最小，一般区间dp有明显的区间性，区别一些线性DP，线性DP每个状态都由前一个转移而来，区间dp也是，但是是由前面区间转移而来，区间dp一般问的是某个区间的某个性质，区间dp从区间是1，是2，是3一步一步转化过来，区间为2就是两个区间为1相加，这样所有区间为2的都就转移出来，如果区间为4的，可能是区间1和区间3，也可能是区间2和区间2，因为区间1区间2区间3所有情况都枚举过，所以直接枚举转移就好，简单的区间dp代码有很强的套路性。（看完可能不认识“区”这个字了= =）
区间动规一般都是三层for循环， 前两层用来控制区间长度， 最后一层用来枚举区间内最后一次的位置， 还有需要注意的是区间要从小到大， 因为动态规划就是后面得用到前面得出的结果递推后面的结果。
状态转移方程
dp[i][j] = min(dp[i][j],dp[i][k]+dp[k+1][j]+sum[i][j]);
/
dp[i][j] = max(dp[i][j],dp[i][k]+dp[k+1][j]+sum[i][j]);
AC code:
#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<string.h>
#include<algorithm>
#include<math.h>
#include<string>
#include<queue>
#include<utility>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int MX = 1e2+7;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
int dp1[MX][MX],dp2[MX][MX],sum[MX][MX];
int n,a[MX];
int main(int argc, char const *argv[])
{
while(~scanf("%d",&n))
{
//一定要记得初始化
memset(dp1,0,sizeof(dp1));
memset(dp2,0,sizeof(dp2));
memset(sum,0,sizeof(sum));
for(int i = 1;i <= n;i++)
{
scanf("%d",&a[i]);
sum[i][i] = a[i];
}
for(int i = 1;i <= n;i++)
for(int j = i;j <= n;j++)
dp1[i][j] = i == j ? 0 : INF;//dp[i][i]只有一个数字无法合并，代价为0
for(int len = 1;len < n;len++)//枚举区间长度
{
for(int i = 1;i + len <= n;i++)//枚举区间起点
{
int j = i + len;//枚举区间终点
for(int k = i;k < j;k++)//枚举区间断点
{
sum[i][j] = sum[i][k]+sum[k+1][j];//sum[i][j]是用来储存i~j石子总数，一般写法是用前缀和计算，这里同样采用动态规划
dp1[i][j] = min(dp1[i][j],dp1[i][k]+dp1[k+1][j]+sum[i][j]);
dp2[i][j] = max(dp2[i][j],dp2[i][k]+dp2[k+1][j]+sum[i][j]);
}
}
}
printf("%d %d
",dp1[1][n],dp2[1][n]);
}
return 0;
}