CF729C Road to Cinema

写在前面

又开始(CF)之旅了，嘻嘻:-)

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这是一道二分，教练推荐的。

仔细看题后，求的是：找到一个能够在要求时间内到达的最小油量

讲车辆按照价格从小到大排序，第一个油箱大于最小油量的车子就是(Ans)

如何求？贪心。

在这之前解一个方程组：设在(s;m)之内，加速的位移是(x;m)，平速的位移为(y;m)，则

[egin{cases}x+y=s\x+y imes 2=tend{cases} ]

解得(x=2 imes s-t)。

来分析下样例一

(x=2 imes s-t=6)，即加速位移为6，把路程分为两段：(3;And;5)
第一段全加速，耗油6；第二段3加速，2平速，耗油8。
即(Ans=max(6,8)=8),容易得出答案10；

但是，会有一种情况卡掉它
(e.g:)我们把道路分成两段，(5;And;5)，(x=2)，最小耗油量为7

但可以看出来，还有更好的答案；

接下来我们这样考虑:对于每个油量(v)，我们可以判断出能不能在(t)时刻内到达，怎么判断呢？

解方程。

设对于加油站分成的一小段路程(l)，我们设加速里程是(x)，平速里程是(y)，可以得出

[egin{cases}x+y=l\x imes 2+y le vend{cases} ]

解得(x le v-s)，但若想时间最小，加速位移也就最大(~~应该没问题吧~~)，即(x=v-l)

则(x+2 imes y=3 imes l-v)

注意：

(v < l)时，无论如何油量都不够走完这段路程，(v > 2 imes l)时，这一段路程可以一直加速，也就是时间是L。也就是说我们上面算出来的这一段的最短时间(3 imes l-v)是当(l le v le 2 imes L)时的取值。

Code

struct Node{
	int p,f;
	inline bool operator<(const Node&x)const{return p<x.p;}
}c[maxn];
int d[maxn],f[maxn];
int n,k,s,t;
inline bool check(int x){
	int res=0;
	for(int i=0;i<=k;i++){
		int l=d[i];
		if(x>l*2) res+=l;
		else if(x<l) return 0;
		else res+=l*3-x;
	}
	return res<=t;
} 
inline int solve(){
	int l=1,r=inf;
	while(l<=r){
		int mid=l+r>>1;
		if(check(mid)) r=mid-1;
		else l=mid+1;
	}
	return l;
}
signed main(){
	n=read(); k=read(); s=read(); t=read();
	for(int i=0;i<n;i++) c[i].p=read(),c[i].f=read();
	sort(c,c+n);
	for(int i=0;i<k;i++)
		f[i]=read();
	sort(f,f+k);
	for(int i=1;i<k;i++)
		d[i]=f[i]-f[i-1];
	d[0]=f[0];
	d[k]=s-f[k-1];
	int minn=solve();
	int ans=0;
	for(int i=0;i<n;i++)
	if(c[i].f>=minn){
		ans=c[i].p;
		break;
	}
	if(minn==inf) puts("-1");
	else if(!ans) puts("-1");
	else printf("%d",ans);
	return 0;
}

[The quad End ]

[ ext{且怒且悲且狂哉,是人是鬼是妖怪;不过是,心有魔债-《悟空》戴荃} ]

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