「HAOI2018」染色解题报告

「HAOI2018」染色

是个套路题..

考虑容斥

则恰好为(k)个颜色恰好为(c)次的贡献为

[inom{m}{k}sum_{ige k}(-1)^{i-k}inom{m-k}{i-k}inom{n}{si}frac{(si)!}{(s!)^i}(m-i)^{n-si} ]

有两项最开始搞忘了..(inom{n}{si}frac{(si)!}{(s!)^i})就是这两个

代表钦定(si)个位置去染，然后染色本身是个可重排列

设(d=min(lfloor frac{n}{s} floor,m))

那么答案就是

[egin{aligned} ans&=sum_{k=0}^dw_kinom{m}{k}sum_{ige k}(-1)^{i-k}inom{m-k}{i-k}inom{n}{si}frac{(si)!}{(s!)^i}(m-i)^{n-si}\ &=sum_{i=0}^d(-1)^i(m-i)^{n-si}inom{n}{si}frac{(si)!}{(s!)^i}sum_{k=0}^iw_kinom{m}{k}(-1)^kinom{m-k}{i-k}\ &=sum_{i=0}^d(-1)^i(m-i)^{n-si}frac{m!}{(m-i)!}inom{n}{si}frac{(si)!}{(s!)^i}sum_{k=0}^ifrac{w_k(-1)^k}{k!}frac{1}{(i-k)!} end{aligned} ]

然后随便预处理卷一下就好了

Code:

#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <algorithm>
template <class T>
void read(T &x)
{
    x=0;char c=getchar();
    while(!isdigit(c)) c=getchar();
    while(isdigit(c)) x=x*10+c-'0',c=getchar();
}
const int N=(1<<20)+10;
using std::min;
using std::max;
const int mod=1004535809,Gi=334845270;
inline int add(int a,int b){return a+b>=mod?a+b-mod:a+b;}
#define mul(a,b) (1ll*(a)*(b)%mod)
int qp(int d,int k){int f=1;while(k){if(k&1)f=mul(f,d);d=mul(d,d),k>>=1;}return f;}
int w[N],a[N],b[N],fac[N*10],inv[N*10],turn[N];
void NTT(int *a,int len,int typ)
{
    int L=-1;for(int i=1;i<len;i<<=1) ++L;
    for(int i=0;i<len;i++)
    {
        turn[i]=turn[i>>1]>>1|(i&1)<<L;
        if(i<turn[i]) std::swap(a[i],a[turn[i]]);
    }
    for(int le=1;le<len;le<<=1)
    {
        int wn=qp(typ?3:Gi,(mod-1)/(le<<1));
        for(int p=0;p<len;p+=le<<1)
        {
            int w=1;
            for(int i=p;i<p+le;i++,w=mul(w,wn))
            {
                int x=a[i],y=mul(w,a[i+le]);
                a[i]=add(x,y);
                a[i+le]=add(x,mod-y);
            }
        }
    }
    if(!typ)
    {
        int inv=qp(len,mod-2);
        for(int i=0;i<len;i++) a[i]=mul(a[i],inv);
    }
}
int main()
{
    int n,m,s,len=1,u,d;
    read(n),read(m),read(s);
    for(int i=0;i<=m;i++) read(w[i]);
    d=min(n/s,m);
    while(len<=d) len<<=1;
    u=max(n,max(m,len));
    fac[0]=1;for(int i=1;i<=u;i++) fac[i]=mul(fac[i-1],i);
    inv[u]=qp(fac[u],mod-2);
    for(int i=u-1;~i;i--) inv[i]=mul(inv[i+1],i+1);
    int ans=0;
    for(int i=0;i<len;i++)
    {
        a[i]=mul(w[i],inv[i]);
        if(i&1) a[i]=add(mod,-a[i]);
        b[i]=inv[i];
    }
    NTT(a,len<<1,1),NTT(b,len<<1,1);
    for(int i=0;i<len<<1;i++) a[i]=mul(a[i],b[i]);
    NTT(a,len<<1,0);
    for(int i=0;i<=d;i++)
    {
        int sum=(i&1)?mod-1:1;
        sum=mul(sum,mul(qp(m-i,n-s*i),mul(fac[m],mul(inv[m-i],a[i]))));
        sum=mul(sum,mul(fac[n],mul(inv[n-s*i],qp(inv[s],i))));
        ans=add(ans,sum);
    }
    printf("%d
",ans);
    return 0;
}

2019.3.8

「HAOI2018」染色 解题报告

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