[HDU 1529]Cashier Employment(差分约束系统)
题面
有一个超市，在24小时对员工都有一定需求量，表示为(r_i),意思为在ｉ这个时间至少要有ｉ个员工，现在有ｎ个员工来应聘，每一个员工开始工作的时间为(t_i(i in [0,23]))，并持续８小时，问最少需要多少员工才能达到每一个时刻的需求。前一天16点后的人统计入下一天
分析
预备知识：（如果你了解过差分约束，可以直接跳过）
首先讲一下差分约束系统的基本定义：如果一个系统由n个变量和m个约束条件组成，形成m个形如(x_i-x_j≤k)的不等式((i,j∈[1,n],k)为常数),则称其为差分约束系统(system of difference constraints)。求解差分约束系统，就是找出一组变量x,使得它满足m个约束条件
观察不等式，我们发现它类似于最短路中的不等式(dist_y leq dist_x +w(x,y))。所以我们可以建图求解这个问题。
首先我们建立一个虚拟源点s,从s向i连边权为0的边，然后对于不等式(x_i-x_j≤k),我们连一条j到i的有向边，边权为k.接着跑Bellman-ford或者SPFA求最短路，如果有负环，则无解。否则(dist_i)就是一组可行解。如果(x_i-x_j geq k),那么我们只要改跑最长路就可以了,如果有正环，那么就无解。
本题相关
我们要想办法找出这题的约束条件，然后建图求解。
答案显然有单调性，可以考虑二分答案mid。对于日夜24小时循环的问题，可以采取把环复制一遍，形成长度为48的链求解。
设(d_i)表示前i小时有多少员工开始工作,(p_i)表示第i个小时最多可以请来多少员工开始工作，(r_i)表示第i个小时需要员工的个数。
限制1:(d_i -d_{i-8} geq r_i (i geq 8)) 保证第i小时在工作的员工够用
限制2:(d_i-d_{i-24} =mid)，即24小时中工作的员工恰好等于答案,可以拆成(d_i-d_{i-24} geq mid,d_{i-24}-d_i geq -mid)
限制3:(d_i - d_{i-1} geq 0),前缀和显然不会下降
限制4:(d_i - d_{i-1} leq p_i)，第i个小时在工作的员工不会超过能来的员工数
然后跑差分约束系统，如果无解就增加mid,否则减少mid
代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#define maxn 1000
#define maxm 10000
#define INF 0x3f3f3f3f
using namespace std;
int n,t;
const int tim=24;
int r[maxn+5],peo[maxn+5];
struct edge {
int from;
int to;
int next;
int len;
} E[maxm*2+5];
int head[maxn+5];
int sz;
void add_edge(int u,int v,int w) {
// printf("%d->%d len=%d
",u,v,w);
sz++;
E[sz].from=u;
E[sz].to=v;
E[sz].next=head[u];
E[sz].len=w;
head[u]=sz;
}
queue<int>q;
int cnt[maxn+5],dist[maxn+5];
bool inq[maxn+5];
bool spfa(int s) {
while(!q.empty()) q.pop();
for(int i=0; i<=tim*2; i++) {
dist[i]=-INF;
cnt[i]=0;
inq[i]=0;
}
q.push(s);
dist[s]=0;
inq[s]=1;
while(!q.empty()) {
int x=q.front();
q.pop();
inq[x]=0;
for(int i=head[x]; i; i=E[i].next) {
int y=E[i].to;
if(dist[y]<dist[x]+E[i].len) {//spfa求最长路
dist[y]=dist[x]+E[i].len;
if(!inq[y]) {
cnt[y]++;
if(cnt[y]>tim*2) return 0;
q.push(y);
inq[y]=1;
}
}
}
}
return 1;
}
bool check(int mid) {
sz=1;
for(int i=0; i<=tim*2; i++) head[i]=0;
for(int i=1; i<=tim*2; i++) {
if(i>=8) {
//d[i]-d[i-8]>=r[i]
add_edge(i-8,i,r[i]);
}
if(i>=24) {
//实际上是d[i]-d[i-24]=mid,拆成不等式的形式
//d[i]-d[i-24]>=mid
add_edge(i-24,i,mid);
//d[i]-d[i-24]<=mid
add_edge(i,i-24,-mid);
}
//d[i]-d[i-1]>=0
add_edge(i-1,i,0);
//d[i]-d[i-1]<=peo[i]
add_edge(i,i-1,-peo[i]);
}
return spfa(0);
}
void ini() {
sz=1;
for(int i=1; i<=tim*2; i++) head[i]=0;
for(int i=1; i<=tim*2; i++) peo[i]=0;
}
int main() {
int x;
scanf("%d",&t);
while(t--) {
for(int i=1; i<=tim; i++) {
scanf("%d",&r[i]);
}
scanf("%d",&n);
ini();
for(int i=1; i<=n; i++) {
scanf("%d",&x);
peo[x+1]++;//默认时间从1开始
}
for(int i=1;i<=tim;i++){//断环为链
r[i+tim]=r[i];
peo[i+tim]=peo[i];
}
int l=0,r=n,mid,ans=n+1;
while(l<=r) {
mid=(l+r)>>1;
if(check(mid)) {
ans=mid;
r=mid-1;
} else l=mid+1;
}
if(ans==n+1) printf("No Solution
");
else printf("%d
",ans);
}
}