简要题意：
一个数把各位数字乘起来得到另一个数。已知另一个数，求最小的“一个数”。
首先，你发现，假设答案为 (m) ，给定 (n) ，那么此时 (m) 的各位数字之积为 (n).
既然已知 (n)，那么我们就应该分解 (n).
比方说，(18 = 2 imes 9)，那么答案就是 (29).
再比方说，(250 = 2 imes 5^3)，那么答案就是 (2555).
那么，无解情况是什么？
比方说，(999 = 3^3 imes 37)，此时需要有一个 (37)，但是 (37) 是两位数，所以不合法。
因此。(n) 的质因子不能超过 (9). 否则不合法。
知道这些之后，我们只要从 (9) 到 (2) 进行除法即可。（高精度除法其实挺简单的哦~）
那么你说了，怎么保证得到的答案一定比 (n) 大呢？
假设存在答案。那么 (n) 每分解一个 (leq 9) 的数就会在原来的答案拼上一位，那么原来的答案至少也是 ( imes 10).
那么也就是说，(n) 每次会除掉 (2) ~ (9)，但答案会 ( imes 10). 所以答案肯定比 (n) 大。证毕。
时间复杂度：(O( operatorname{size}_n ))
实际得分：(100pts).
这也叫蓝题？？？
#pragma GCC optimize(2)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
inline int read(){char ch=getchar();int f=1;while(ch<'0' || ch>'9') {if(ch=='-') f=-f; ch=getchar();}
int x=0;while(ch>='0' && ch<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar();return x*f;}
int main(){
string s; cin>>s;
vector<int>v; int l=0;
int x=9; while(x>=2) {
int sum=0;
for(int i=0;i<s.size();i++) sum=(sum*10+s[i]-'0')%x; //试除
if(!sum) { //能整除
v.push_back(x);
for(int i=0;i<s.size();i++) {
sum=sum*10+s[i]-'0';
s[i]=sum/x+'0'; sum%=x; //除掉
} l=(s[l]=='0')?(++l):l; //l 表示，除完一次之后被砍掉的位数
} else x--;
} if(l!=s.size()-1) puts("There is no such number!");
//如有解，那么 2~9 的质因子就应该把 n 变成 1，即全部砍掉。否则说明无解。
else {
reverse(v.begin(),v.end()); //我们是从大到小除的，翻转
for(int i=0;i<v.size();i++) printf("%d",v[i]);
putchar('
');
}
return 0;
}