GCJ2016 round1A

三天不写手生，半年不写成渣。。

以翔一般的手速写翔一般的代码，趴。还是要经常写写。

//今年三题都对都不一定能进下一轮，= = 简直手速赛，比起去年两题+第三题小数据就能混进round2

Problem A. The Last Word

给一个长度为1000的字符串S和一个空串T，从左到右一个个取出S里的字符，放进T中，放进T时可以放在最左边或最右边。

e.g. for S = CAB,

put the A before C to form AC, then put the B before AC to form BAC
put the A before C to form AC, then put the B after AC to form ACB
put the A after C to form CA, then put the B before CA to form BCA
put the A after C to form CA, then put the B after CA to form CAB

问所有可能的T里，字典序最大的是哪一个。

solution：简单的贪心策略，对于每一个要放的字符c，如果它大于等于T串中最左边的字符，则将其放在T的左边，否则放在右边。

code：

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

const int N  = 2005;
char str[N];

int main(){
    freopen("A-large.in", "r", stdin);
    freopen("large.out", "w", stdout);
    int TC, tc;
    scanf("%d", &TC);
    for(tc = 1; tc <= TC; tc++){
        scanf("%s", str);
        int n = strlen(str);
        deque<char>dq;
        char leftest = 0;

        for(int i = 0; i < n; i++){
            if(str[i] >= leftest){
                dq.push_front(str[i]);
                leftest = str[i];
            }else {
                dq.push_back(str[i]);

            }
        }
        printf("Case #%d: ", tc);
        while(!dq.empty()){
            printf("%c", dq.front());
            dq.pop_front();
        }
        printf("
");
    }
    return 0;
}

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Problem B. Rank and File

这道题很有意思，有一个N*N的矩阵，（N<=50)，保证每行严格递增，每列严格递增。

将每行列出来，每列列出来，可以得到2N个数字序列。

现在把这些序列打乱（也就是说，不知道每一个序列是行序列还是列序列，也不知道他们是第几行or第几列)，从中删除一个序列。

给出剩下的（2*N-1）个序列，问删除的那个序列长什么样子。

solution：一开始想的是如何花样复原矩阵，想了好久想不出来。

换个思路，对于2*N个数字序列，每个矩阵中的数字一定出现偶数次（行一次，列一次），因此，对于2*N-1个序列，他们中只出现奇数次的数就是删掉的序列里的数。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;

const int N  = 2600;
int cnt[N];

int main(){
        freopen("A-large.in", "r", stdin);
    freopen("large.out", "w", stdout);
    int TC, tc;
    scanf("%d", &TC);
    for(tc = 1; tc<= TC; tc++){
        int n;
        int x;
        scanf("%d", &n);
        vector<int>ans;
        int m = 2 * n - 1;
        memset(cnt, 0, sizeof(cnt));
        for(int i = 1; i <= m; i++){
            for(int j = 1; j <= n; j++){
                scanf("%d", &x);
                cnt[x] ++;
            }
        }
        for(int i = 1; i <= 2500; i++){
            if(cnt[i] & 1){
                ans.push_back(i);
            }
        }
        printf("Case #%d:", tc);
        for(int i = 0; i < ans.size(); i++){
            printf(" %d", ans[i]);
        }
        printf("
");

    }
return 0;
}

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Problem C. BFFs

有N个人（3 ≤ N ≤ 1000.），每个人都有一个喜欢的人。（不一定互相喜欢）

现在需要从中挑出一些人，让他们坐成一个圈，使得每个人喜欢的人能够坐在他的左边或者右边。

问最多能挑出多少人。

solution：如果看成一个图的话，这是一个每个点出度都为1的图。

很显然的，对于图中的一个环，能够符合上述条件。挑出的最大（长？)的环是符合条件的一个候选答案，设为maxloop。

但还有一种构造，注意到有一种特别的环，A喜欢B，B喜欢A。对于这种长度为2的环，可以安排AB坐在一起，接下来A旁边坐喜欢A的C，再坐喜欢C的D，依次类推。。同理B。

设上述这种长度为2的环带两条链（当然也可能没有链或一条链）为X。

有出度为1这个限制，最大环中不能加人。所有的X可以拼接（大概如图这样拼）

因此答案为max{len（maxloop），sum（len（Xi））}

因此首先(代码中第一次bfs）找出这个图中的最大的环，BFS DFS都可以，注意的点是，一般是枚举一个点然后去找他左右能通向的点，一路标记，如果标到了已经有深度的点就看深度（距离？dis），但是可能出现找到一个其他的点所标记的点，所以找环的时候一定要保证找到的环上的点是同一个祖先找出来的，方法有很多，我写得挫请不要借鉴。

然后(代码中第二次bfs）对于所有的点，也要记录反向边。对所有长度为2的环，对环两端的点分别沿反向边找到最远的点，链长就是len（Xi)

对两个求最大值即可。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;


const int N  = 1005;
int head[N];

struct point{
    int x, y,  next;
    point(){};
    point(int _x, int _y, int _next){
        x = _x, y = _y, next = _next;
    }
}p[N];
struct favpair{
    int x, y;
    favpair(){};
    favpair(int _x, int _y){
        x = _x, y = _y;
    };
};
int ans;
int fav[N];
int no;
int vis[N], dis[N];
vector<int>backedge[N];
void init(){
    memset(head, -1, sizeof(head));
    memset(vis, 0, sizeof(vis));
    memset(dis, 0, sizeof(dis));
    fill(backedge, backedge + N, vector<int>() );
    no = 0; ans = 0;
}
void add(int x, int y){
    p[no] = point(x, y, head[x]);   head[x]=no++;
}

void bfs(int x){
    int s = x;
    queue<int>q;
    q.push(x);
    vis[x] = true;
    bool inthisloop[N];
    memset(inthisloop, 0, sizeof(inthisloop));
    while(!q.empty()){
        x = q.front();  q.pop();
        for(int i = head[x]; i != -1; i = p[i].next){
            int y = p[i].y;
            if(dis[y])  continue;
            inthisloop[y] = true;
            if(!vis[y]){
                vis[y] = true;
                q.push(y);
            }
        }
    }
    dis[s] = 1;
    q.push(s);
    while(!q.empty()){
        x = q.front();  q.pop();
        for(int i = head[x]; i != -1; i = p[i].next){
            int y = p[i].y;
            if(!inthisloop[y]) continue;
            //printf("?y:%d %d
", y, dis[y]);
            if(dis[y] == 0){
                dis[y] = dis[x] + 1;
                q.push(y);
            }else{
                //printf("%d %d %d %d %d
",x, y, dis[x], dis[y], dis[x] - dis[y] + 1);
                ans = max(ans, dis[x] - dis[y] + 1);
            }
        }
    }
    //printf("!%d
", ans);
}

int bfs(int x, int y){
    queue<int>q;
    q.push(x);
    dis[x] = 1;
    int len = 1;
    while(!q.empty()){
        x = q.front();  q.pop();
        for(int i = 0; i < backedge[x].size(); i++){
            int st = backedge[x][i];
            if(st == y) continue;
            dis[st] = dis[x] + 1;
            len = max(dis[st], len);
            q.push(st);
        }
    }
    return len;
}
int main(){
            freopen("A-large.in", "r", stdin);
    freopen("large.out", "w", stdout);
    int tc, TC;
    scanf("%d", &TC);
    for(tc = 1;  tc <= TC; tc++){
        int n;
        scanf("%d", &n);
        init();

        for(int i = 1; i <= n; i++){
            scanf("%d", &fav[i]);
            add(i, fav[i]);
            backedge[fav[i]].push_back(i);
        }
        for(int i = 1; i <= n; i++){
            if(!vis[i]){
                bfs(i);
            }
        }
        vector<struct favpair>favp;
        favp.clear();
        for(int i = 1; i <= n; i++){
            if(fav[fav[i]] == i){
                if(fav[i] > i)
                    favp.push_back(favpair(i, fav[i]));
            }
        }
        memset(dis, 0, sizeof(dis));
        int temp = 0;
        for(int i = 0; i < favp.size(); i++){
            int x = favp[i].x;  int y = favp[i].y;
            temp += bfs(x, y);
           // printf("%d %d
", x, temp);
            temp += bfs(y, x);
        }

        printf("Case #%d: %d
",tc, max(ans, temp));

    }
    return 0;
}

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