最近学的图论，oj上的这道题卡了我一上午，写一下总结。
题目描述：
跟所有人一样，农夫约翰以着宁教我负天下牛，休教天下牛负我(原文:宁我负人,休教人负我)的伟大精神，日日夜夜苦思生财之道。为了发财，他设置了一系列的规章制度，使得任何一只奶牛在农场中的道路行走，都要向农夫约翰上交过路费。
农场中由N（1
<= N <= 250）片草地（标号为1到N），并且有M（1 <= M <= 10000）条双向道路连接草地A_j和B_j（1
<= A_j <= N; 1 <= B_j <=
N）。奶牛们从任意一片草地出发可以抵达任意一片的草地。FJ已经在连接A_j和B_j的双向道路上设置一个过路费L_j（1 <= L_j <=
100,000）。
可能有多条道路连接相同的两片草地，但是不存在一条道路连接一片草地和这片草地本身。最值得庆幸的是，奶牛从任意一篇草地出发，经过一系列的路径，总是可以抵达其它的任意一片草地。
除了贪得无厌，宁智贤都不知道该说什么好。FJ竟然在每片草地上面也设置了一个过路费C_i（1
<= C_i <=
100000）。从一片草地到另外一片草地的费用，是经过的所有道路的过路费之和，加上经过的所有的草地（包括起点和终点）的过路费的最大值。
任劳任怨的牛们希望去调查一下她们应该选择那一条路径。她们要你写一个程序，接受K（1
<= K <= 10,000）个问题并且输出每个询问对应的最小花费。第i个问题包含两个数字s_i和t_i（1 <= s_i <= N;
1 <= t_i <= N; s_i != t_i），表示起点和终点的草地。
考虑下面这个包含5片草地的样例图像:
从草地1到草地2的道路的“边过路费”为3，草地2的“点过路费”为5。
要从草地1走到草地4，可以从草地1走到草地3再走到草地5最后抵达草地4。如果这么走的话，
需要的“边过路费”为2+1+1=4，需要的点过路费为4（草地5的点过路费最大），所以总的花
费为4+4=8。
而从草地2到草地3的最佳路径是从草地2出发，抵达草地5，最后到达草地3。这么走的话，边
过路费为3+1=4，点过路费为5，总花费为4+5=9。
输入格式：
* 第1行: 三个空格隔开的整数: N, M和K
* 第2到第N+1行: 第i+1行包含一个单独的整数: C_i
* 第N+2到第N+M+1行:
第j+N+1行包含3个由空格隔开的整数: A_j, B_j和L_j
* 第N+M+2倒第N+M+K+1行:
第i+N+M+1行表示第i个问题，包含两个由空格隔开的整数s_i和t_i
输出格式：
* 第1到第K行: 第i行包含一个单独的整数，表示从s_i到t_i的最小花费。
输入样例：
5 7 2
2
5
3
3
4
1 2 3
1 3 2
2 5 3
5 3 1
5 4 1
2 4 3
3 4 4
1 4
2 3
输出样例：
8
9
刚开始看到数据范围就只有250个点，很明显Floyd可以过，但是又想到写过了好几道的Floyd了，然后就想尝试一下写SPFA试试挑战一下，结果......呵呵，智障的我写了一上午，，其实思路都对的，但是估计是自己对Floyd的工作原理理解的还不是非常的透彻，所以写不出来。
思路：
很明显是一道求最短路的问题，但是加上了点的费用，这是最坑的（其实也挺好写）。无非就是每次迭代的时候把起点，转折点，终点的点值比较一下，选最大的就行了（但是不知道为什么SPFA就是写不出来）。
代码：
1 #include<iostream> 2 #include<cstring> 3 #include<cstdio> 4 #include<algorithm> 5 using namespace std; 6 7 const int maxn=10010; 8 int dis[260][260],w[260],g[260][260],n,m,k; 9 struct f 10 { 11 int v,id; 12 }dian[260]; 13 14 bool pan(f a,f b) 15 { 16 return a.v<b.v; 17 } 18 19 void init() 20 { 21 cin>>n>>m>>k; 22 for(int i=1;i<=n;i++) 23 { 24 cin>>dian[i].v; 25 dian[i].id=i; 26 w[i]=dian[i].v; 27 } 28 sort(dian+1,dian+n+1,pan); 29 memset(dis,10,sizeof(dis)); 30 memset(g,10,sizeof(g)); 31 for(int i=1;i<=m;i++) 32 { 33 int x,y,v; 34 cin>>x>>y>>v; 35 if(v<dis[x][y]) 36 dis[x][y]=v; 37 if(v<dis[y][x]) 38 dis[y][x]=v; 39 } 40 } 41 42 void floyed() 43 { 44 for(int i=1;i<=n;i++) 45 g[i][i]=dian[i].v; 46 for(int t=1;t<=n;t++) 47 { 48 int k=dian[t].id; 49 for(int i=1;i<=n;i++) 50 for(int j=1;j<=n;j++) 51 { 52 dis[i][j]=dis[j][i]=min(dis[i][k]+dis[k][j],dis[i][j]); 53 g[i][j]=g[j][i]=min(g[i][j],dis[i][j]+max(dian[t].v,max(w[i],w[j]))); 54 } 55 } 56 } 57 58 int main() 59 { 60 freopen("add.in","r",stdin); 61 freopen("add.out","w",stdout); 62 memset(dis,10,sizeof(dis)); 63 memset(dian,0,sizeof(dian)); 64 for(int i=1;i<=n;i++) dis[i][i]=0; 65 init(); 66 floyed(); 67 for(int i=1;i<=k;i++) 68 { 69 int st,ed; 70 cin>>st>>ed; 71 cout<<g[st][ed]<<endl; 72 } 73 fclose(stdin);fclose(stdout); 74 return 0; 75 }