P4568 [JLOI2011]飞行路线
题目描述
Alice和Bob现在要乘飞机旅行，他们选择了一家相对便宜的航空公司。该航空公司一共在(n)个城市设有业务，设这些城市分别标记为(0)到(n-1)，一共有(m)种航线，每种航线连接两个城市，并且航线有一定的价格。
Alice和Bob现在要从一个城市沿着航线到达另一个城市，途中可以进行转机。航空公司对他们这次旅行也推出优惠，他们可以免费在最多(k)种航线上搭乘飞机。那么Alice和Bob这次出行最少花费多少？
输入格式
数据的第一行有三个整数，(n,m,k)，分别表示城市数，航线数和免费乘坐次数。
第二行有两个整数，(s,t)，分别表示他们出行的起点城市编号和终点城市编号。
接下来有m行，每行三个整数，(a,b,c)，表示存在一种航线，能从城市(a)到达城市(b)，或从城市(b)到达城市(a)，价格为(c)。
输出格式
只有一行，包含一个整数，为最少花费。
输入输出样例
输入 #1
5 6 1
0 4
0 1 5
1 2 5
2 3 5
3 4 5
2 3 3
0 2 100
输出 #1
8
说明/提示
对于30%的数据,(2 le n le 50,1 le m le 300,k=0;)
对于50%的数据,(2 le n le 600,1 le m le 6000,0 le k le 1;)
对于100%的数据,(2 le n le 10000,1 le m le 50000),(0 le k le 10,0 le s,t<n,0 le a,b<n,a
eq b,0 le c le 1000)
2018.12.10 增加一组 hack 数据
【思路】
分层图 + dijkstra
分层图板子题
如果想了解分层图请看这里
了解分层图
【题目大意】
从1到n跑
其中可以让k条路的耗时变为原来的一半
求最小耗时
【题目分析】
如果你不是第一次做分层图的话
那看到这k条路减半
一定会想到一个很有意思的算法分层图
分层图就是专门用来解决这种k条路减半的问题的
不过需要开很大的空间
开数组的时候要好好斟酌一下
不然很容易出问题
【核心思路】
正常建一遍图
然后赋值k遍
第i张图作为用了i次免费的机会
所以两张图之间是免费机会用的路
那就需要赋值为0
这样直接跑dijkstra就完全没有问题
【完整代码】
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
using namespace std;
struct point
{
int w,x;
bool operator < (const point & xx)const
{
return xx.w < w;
}
};
const int Max = 4000000;
struct node
{
int y,ne,z;
}a[Max];
int sum = 0,head[Max];
int d[Max];
void add(int x,int y,int z)
{
a[++ sum].y = y;
a[sum].ne = head[x];
a[sum].z = z;
head[x] = sum;
}
bool use[Max];
int s,t;
priority_queue<point>q;
void dj()
{
memset(d,0x3f,sizeof(d));
d[s] = 0;
q.push((point){0,s});
while(!q.empty())
{
point qwq = q.top();
q.pop();
int x = qwq.x,w = qwq.w;
if(use[x] == true)
continue;
else
use[x] = true;
for(register int i = head[x];i != 0;i = a[i].ne)
{
int awa = a[i].y;
if(d[awa] > d[x] + a[i].z)
{
d[awa] = d[x] + a[i].z;
if(use[awa] == false)
q.push((point){d[awa],awa});
}
}
}
}
int main()
{
int n,m,k;
cin >> n >> m >> k;
cin >> s >> t;
int x,y,z;
for(register int i = 1;i <= m;++ i)
{
cin >> x >> y >> z;
add(x,y,z),add(y,x,z);
for(register int j = 1;j <= k;++ j)
{
add(j * n + x,j * n + y,z);
add(j * n + y,j * n + x,z);
add((j - 1) * n + x,j * n + y,0);
add((j - 1) * n + y,j * n + x,0);
}
}
dj();
int M = 0x7fffffff;
for(register int i = 0;i <= k;++ i)
M = min(M,d[i * n + t]);
cout << M << endl;
return 0;
}