(Description)
一共有(n+m)道判断题，其中有(n)个答案为"YES"，(m)个为"NO"。现在以随机顺序给你这(n+m)道题，你需要依次回答，每回答一道题就会告诉你该题的正确答案。求最优策略下期望答对多少题。
(n,mleq 5 imes10^5)。
(Solution)
最优策略自然是每次答剩下数目多的。
每次回答问题要么答对要么答错，且使对应题数-1，不妨用坐标表示。
引用这位dalao的一张图：
左下角为((0,0))，右上角为((n,m))（设(ngeq m)）。题目的每种排列都对应一条从((n,m))走到((0,0))的路径。
那么我们从((n,m))走到((0,0))，每走一条蓝边就表示答对一题。可以发现要走的蓝边数目一定是(n)（即(max(n,m))）。
如果一直在对角线的一侧走，显然成立。
否则至少要答对(max(n,m)-min(n,m))题才能到对角线。然后每答错一题，都会导致一定能答对一题，这里一共会答对(min(n,m))题。所以总共就是(max(n,m))。
当走到对角线时（两种答案题数相同），会随便猜一个。这时答对的概率为(frac 12)。即对于每个对角线上的点，每次经过期望答对题数都为(frac 12)。
那么我们对每个对角线上的点统计经过它的路径有多少条即可。然后再除以总路径数，再乘以(frac 12)，最后加上(max(n,m))。
//18ms 7936KB
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#define mod 998244353
const int N=1e6;
int fac[N+3],ifac[N+3];
inline int FP(int x,int k)
{
int t=1;
for(; k; k>>=1,x=1ll*x*x%mod)
if(k&1) t=1ll*t*x%mod;
return t;
}
#define C(n,m) (1ll*fac[n+m]*ifac[n]%mod*ifac[m]%mod)//C(n+m,n)
int main()
{
int n,m; scanf("%d%d",&n,&m);
if(n<m) std::swap(n,m);
int lim=n+m; fac[0]=fac[1]=1;
for(int i=1; i<=lim; ++i) fac[i]=1ll*fac[i-1]*i%mod;
ifac[lim]=FP(fac[lim],mod-2);
for(int i=lim; i; --i) ifac[i-1]=1ll*ifac[i]*i%mod;
long long ans=0;
for(int i=1; i<=m; ++i) ans+=1ll*C(i,i)*C(n-i,m-i)%mod;
ans=ans%mod*FP(C(n,m),mod-2)%mod*FP(2,mod-2)%mod;
printf("%lld
",(ans+n)%mod);
return 0;
}