http://www.cnblogs.com/TheRoadToTheGold/p/8443668.html
(Description)
给你一个擦去了部分左括号和全部右括号的括号序列，括号有25种，用除x之外的小写字母a~z表示。求有多少种合法的括号序列。答案对4294967296取模。
合法序列不能相交，如()[],([])是合法序列，而([)]是不合法的。
(Solution)
很重要的一点是，如果当前可以放右括号，那么方案是唯一的(不能相交)。
假设只有一种括号。
用(f[i][j])表示(1sim i)，还有(j)个左括号未匹配的方案数。根据当前是什么转移即可。复杂度(O(n^2))。
空间可以压成(O(n))。考虑优化枚举范围，但是(j)的下界是(0/1)，上界是(min(i,n/2))，没啥好优化的。
只能尝试换种状态表示，(f[i][j])表示(1sim i)，已经填了(j)个右括号的方案数。
则若(i+1) 为/可以放 左括号，(f[i+1][j] =/+= f[i][j])；若(i+1)可以放右括号，则(f[i+1][j+1] += f[i][j])。
这样只有一种括号的答案是(f[n][n/2])。假设原串有(m)个左括号，则25种括号的答案为(25^{n/2-m}*f[n][n/2])(右括号确定，只需看左括号方案)。
(j)的下界是(max(1,i-n/2))，上界可以按(i/2)算。平摊复杂度不知道，还是(n^2)的。。但跑得很快。
对(4294967296=2^{32})取模相当于unsigned int自然溢出。
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#include <cstdio>
#include <algorithm>
typedef unsigned int uint;
const int N=1e5+5;
char s[N];
uint f[N];
int main()
{
int n; scanf("%d",&n);
if(n&1) return putchar('0'),0;
scanf("%s",s+1);
f[0]=1; int m=0, n2=n>>1;
for(int i=1; i<=n; ++i)
if(s[i]=='?')
for(int j=i>>1,lim=std::max(1,i-n2); j>=lim; --j)
f[j]+=f[j-1];
else ++m;
if(n2<m) return putchar('0'),0;
for(int i=n2-m; i--; ) f[n2]*=25;
printf("%u",f[n2]);
return 0;
}