A. Favorite Sequence

题解

模拟即可。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(nullptr);
    int t;
    cin >> t;
    while (t--) {
        int n;
        cin >> n;
        deque<int> d;
        for (int i = 0; i < n; i++) {
            int x;
            cin >> x;
            d.push_back(x);
        }
        while (not d.empty()) {
            cout << d.front() << ' ';
            d.pop_front();
            if (not d.empty()) {
                cout << d.back() << ' ';
                d.pop_back();
            }
        }
        cout << "
";
    }
    return 0;
}

B. Last Year's Substring

题解

枚举余下首尾子串的长度即可。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(nullptr);
    int t;
    cin >> t;
    while (t--) {
        int n;
        cin >> n;
        string s;
        cin >> s;
        bool ok = false;
        for (int i = 0; i <= 4; i++) {
            string t = s.substr(0, i) + s.substr(n - 4 + i);
            ok or_eq t == "2020";
        }
        cout << (ok ? "YES" : "NO") << "
";
    }
    return 0;
}

C. Unique Number

题解

最小的数一定最短，所以从 9~1 依次减即可，也因此不会存在 (x) 减不完的情况。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(nullptr);
    int t;
    cin >> t;
    while (t--) {
        int x;
        cin >> x;
        if (x > 45) {
            cout << -1 << "
";
            continue;
        }
        string digit;
        for (int i = 9; i >= 1; i--) {
            if (x >= i) {
                x -= i;
                digit += '0' + i;
            }
        }
        cout << string(digit.rbegin(), digit.rend()) << "
";
    }
    return 0;
}

拓展

最大的数一定最长，所以从 1~9 依次减即可，也因此需要判断 (x) 减不完的情况。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(nullptr);
    int t;
    cin >> t;
    while (t--) {
        int x;
        cin >> x;
        if (x > 45) {
            cout << -1 << "
";
            continue;
        }
        string s;
        for (int i = 1; i <= 9; i++) {
            if (x < i and x != 0) {
                x += i - 1;
                s.pop_back();
            }
            if (x >= i) {
                x -= i;
                s += '0' + i;
            }
        }
        cout << string(s.rbegin(), s.rend()) << "
";
    }
    return 0;
}

D. Add to Neighbour and Remove

题解

枚举最后剩下几个数即可。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(nullptr);
    int t;
    cin >> t;
    while (t--) {
        int n;
        cin >> n;
        vector<int> a(n);
        int sum = 0;
        for (int i = 0; i < n; i++) {
            cin >> a[i];
            sum += a[i];
        }
        int ans = INT_MAX;
        for (int i = 1; i <= n; i++) {
            if (sum % i == 0) {
                bool ok = true;
                int cur = 0;
                for (int j = 0; j < n; j++) {
                    cur += a[j];
                    if (cur > sum / i) {
                        ok = false;
                    } else if (cur == sum / i) {
                        cur = 0;
                    }
                }
                if (ok) {
                    ans = min(ans, n - i);
                }
            }
        }
        cout << ans << "
";
    }
    return 0;
}

E2. Close Tuples (hard version)

题解

将值排序，然后枚举所有值，找到以当前值为最小值且符合题意的元组的最大长度，答案即 (sum limits _{i = 1}^{n} C_{len - 1}^{m - 1}) 。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
constexpr int N = 1e6 + 100;
constexpr int MOD = 1e9 + 7;

int fac[N], inv[N];

int binpow(int a, int b) {
    int res = 1;
    while (b) {
        if (b & 1) res = 1LL * res * a % MOD;
        a = 1LL * a * a % MOD;
        b >>= 1;
    }
    return res;
}

int C(int n, int m){
    if(m < 0 or m > n) return 0;
    return 1LL * fac[n] * inv[m] % MOD * inv[n - m] % MOD;
}

void Init(){
    fac[0] = 1;
    for (int i = 1; i < N; i++) fac[i] = 1LL * fac[i - 1] * i % MOD;
    inv[N - 1] = binpow(fac[N - 1], MOD - 2);
    for (int i = N - 2; i >= 0; i--) inv[i] = 1LL * inv[i + 1] * (i + 1) % MOD;
}

int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(nullptr);
    Init();
    int t;
    cin >> t;
    while (t--) {
        int n, m, k;
        cin >> n >> m >> k;
        vector<int> a(n);
        for (int i = 0; i < n; i++) {
            cin >> a[i];
        }
        sort(a.begin(), a.end());
        int64_t ans = 0;
        int l = 0, r = 0;
        while (l < n) {
            while (r < n and a[r] - a[l] <= k) {
                ++r;
            }
            if (a[r - 1] - a[l] <= k) {
                ans = (ans + C(r - l - 1, m - 1)) % MOD;
            }
            ++l;
        }
        cout << ans << "
";
    }
    return 0;
}

F. The Treasure of The Segments

题解

枚举所有区间即可，满足以下两种情况之一的区间需要删掉：

右端点小于所枚举区间的左端点
左端点大于所枚举区间的右端点

将区间左右端点分别排序，每次二分查找需要删掉区间的个数即可。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(nullptr);
    int t;
    cin >> t;
    while (t--) {
        int n;
        cin >> n;
        vector<int> L(n), R(n);
        vector<pair<int, int>> seg(n);
        for (int i = 0; i < n; i++) {
            cin >> L[i] >> R[i];
            seg[i] = {L[i], R[i]};
        }
        sort(L.begin(), L.end());
        sort(R.begin(), R.end());
        int ans = INT_MAX;
        for (auto [x, y] : seg) {
            int res = 0;
            int l = upper_bound(L.begin(), L.end(), y) - L.begin();
            res += n - l;
            int r = lower_bound(R.begin(), R.end(), x) - R.begin();
            res += r;
            ans = min(ans, res);
        }
        cout << ans << "
";
    }
    return 0;
}