给定长度为 (n) 的两个数组 (c, t)
一次操作可以选择 (1<i<n) ,使 (c_i) 变为 (c_i'=c_{i+1}+c_{i-1}-c_i)
能否做若干次操作使得 (c_i=t_i(1leq ileq n))
(1<nleq10^5, c_i, t_iin[0, 2 imes10^9])
差分
令 (c) 的差分数组为 (d)
一次操作后 (d_i=c_{i+1}-c_i, d_{i+1}=c_i-c_{i-1}) ,可以发现这就是交换了 (d_i, d_{i+1})
因此再将 (t) 差分,比较 (d) 在 ([2, n]) 中的每个数是否都在 (t) 的差分数组中出现过,出现过则为 Yes
注意要特判 (c_1=t_1, c_n=t_n)
时间复杂度 (O(nlog n))
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 2e5 + 10;
int n, c[maxn], d[maxn], t[maxn];
int main() {
scanf("%d", &n);
for (int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%d", c + i);
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%d", t + i);
}
if (c[1] != t[1] || c[n] != t[n]) {
return puts("No"), 0;
}
for (int i = n; i; i--) {
d[i] = c[i] - c[i - 1];
t[i] -= t[i - 1];
}
sort(d + 2, d + n + 1);
sort(t + 2, t + n + 1);
for (int i = 2; i <= n; i++) {
if (d[i] != t[i]) {
return puts("No"), 0;
}
}
puts("Yes");
return 0;
}