题目描述
小 F 是一个能鸽善鹉的同学，他经常把事情拖到最后一天才去做，导致他的某些日子总是非常匆忙。
比如，时间回溯到了 2018 年 11 月 3 日。小 F 望着自己的任务清单：
看 iG 夺冠；
补月赛题的锅。
小 F 虽然经常咕咕咕，但他完成任务也是很厉害的，他一次性可以完成剩余任务的任一非空子集。比如，他现在可以选择以下几种中的一种：
看 iG 夺冠；
补月赛题的锅；
一边看 iG 夺冠的直播，一边补锅。
当然，比赛实在是太精彩了，所以小 F 就去看比赛了。
不过，当金雨从天而降、IG 举起奖杯之时，小 F 突然心生愧疚——锅还没补呢！于是，小 F 的内心产生了一点歉意。
这时小 F 注意到，自己总是在某些情况下会产生歉意。每当他要检查自己的任务表来决定下一项任务的时候，如果当前他干了某些事情，但是没干另一些事情，那么他就会产生一定量的歉意——比如，无论他今天看没看比赛，只要没有补完月赛的锅，他都会在选择任务的时候产生 11 点歉意。小 F 完成所有任务后，他这一天的歉意值等于他每次选择任务时的歉意之和。
过高的歉意值让小 F 感到不安。现在，小 F 告诉你他还有 (n) 项任务，并告诉你在 (m) 种情况中的一种 (mathrm{state}_i) 的情况下，小 F 会产生 (a_i) 点歉意。请你帮忙计算一下，小 F 在那一天所有可能的完成所有任务方式的歉意值之和是多少.
由于答案可能很大，你只需要输出答案对 (998244353) 取模即可。
输入输出格式
输入格式：
输入一行两个整数 (n, m) 表示有 (n) 项任务，在 (m) 种情况中下小 F 会产生歉意值。
输入接下来 (m) 行，每行有一个长度为 (n) 的 (0-1) 串 $ mathrm{state}_i $ 和一个歉意值 (a_i ，mathrm{state}_{i, j}) 为 (0/1) 表示第 (j) 项任务此时没做 / 已经做了。
详情请参考样例和样例解释。
输出格式：
输出一行一个整数，表示小 F 在那一天所有可能的完成任务方式的歉意值之和对 (998244353) 取模的结果。
输入输出样例
输入样例#1：
2 2
00 1
10 1
输出样例#1：
4
输入样例#2：
3 4
000 16
001 9
110 4
111 1
输出样例#2：
260
说明
样例 1 解释：
$ 0−1 $ 串中第一个数字表示小 F 看没看比赛，第二个数字表示小 F 补没补锅。
我们用 $ varnothing $ 表示小 F 什么都没干，$ A $ 表示小 F 看了比赛，$ B $ 表示小 F 补了锅，那么所有会产生愧疚的方式如下：
(varnothing: 1)
({A}:1)
那么所有可能的选择如下：
(varnothing
ightarrow{A}
ightarrow{A,B}:2)
(varnothing
ightarrow{B}
ightarrow{A,B}:1)
(varnothing
ightarrow{A,B}:1)
所以答案是 (2 + 1 + 1 = 4)
数据范围
保证出现的 (mathrm{state}_i)互不相同。
对于所有数据，有 $ 1 leq n leq 20, 1 leq m leq min(2 ^ n, 10 ^ 5), 1 leq a_i leq 10 ^ 5$
本来想我这种蒟蒻是死活做不出来这种题的,结果听了讲评,最后是个组合数学,然后就差不多了
其实就是让你求从 $ n $ 个 $ 0 $ 到 $ n $ 个 $ 1 $ 的的方案嘛
然后它规定了某些01串有一定的权值,让你算,在上一个问题的基础上这些01串 出现次数*权值 的和
然后就考虑组合数学,因为一个串中如果01个数相同,那么这些串的出现次数也一样对吧
出现 $ i $ 个 $ 1 $ 就是 $ C_{n}^{i} $
设 $ f_i $ 表示出现 $ i $ 个 $ 1 $ 的方案数,有一点需要注意,出现了 $ i $ 个 $ 1 $ 的方案数就是出现了 $ n - i $ 个 $ 0 $ 的方案数
这个东西可以这么来递推：
$ f_i = sum_{j = 1}^{i} f_{ i - j } imes C_{i}^{j}$
这个就是组合数学的基本意义....解释一下
你有 $ i $ 个 $ 1 $ 了,那么对于每一个 $ 1 $ 的出现次数小于 $ i $ 的状态都对你有贡献
这是第二层循环的由来,那么贡献是多少呢？就是在 $ 1 $ 较少的状态的 $ 0 $ 位填 $ 1 $ 使得它变成另一个状态的方案数
所以贡献是 $ f_{ i - j } imes C_{i}^{j} $
如果一个状态中出现了 $ k $ 个 $ 1 $ , 那么它的答案贡献就是 $ f_i $ 和 $ f_{ n - i } $ 为什么？
一个状态的方案可以用全0串到它的方案和它到全1串的方案作乘法得到(乘法原理)
然后对于每一个有权值的状态统计贡献累加和就行了
代码如下:
#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <cstdio>
#define LL long long
const int N = 65 ;
const LL mod = 998244353 ;
char s[50];
int n , m , cnt;
LL x , f[N] , Flag ;
LL ans , C[N][N];
inline void init(){
C[0][0] = 1 ;
for (int i = 1 ; i <= n + 1 ; ++ i)
for (int j = 0 ; j <= i ; ++ j)
C[i][j] = ( C[i - 1][j - 1] + C[i - 1][j] ) % mod ;
f[0] = 1 ;
for (int i = 1 ; i <= n ; ++ i)
for (int j = 1 ; j <= i ; ++ j)
f[i] = ( f[i] + f[i - j] * C[i][j] ) % mod ;
return ;
}
int main(){
scanf ("%d%d" , & n , & m ) ; init() ;
while (m --){
cnt = 0 ;
scanf ("%s%lld" , s + 1 , & x );
for (int i = 1 ; i <= n ; ++ i) if( s[i] == '1' ) ++ cnt ;
ans = ( ans + ( ( x * f[cnt] ) % mod * f[n - cnt] ) % mod ) % mod ;
}
printf("%lld
" , ans % mod );
return 0;
}