又是道思维题，又是道把我搞自闭的题。
首先考虑对于固定的 \(a_1,a_2,\dots,a_n;b_1,b_2,\dots,b_m\) 怎样判定是否合法，我们对于回文串对应的点之间连边，表示它们必须相等，这样可以形成一张图，如果该图连通那么证明这两个数组合法，反之不合法，正确性显然。
注意到对于每个 \(a_i\) 会连出 \(\lfloor\dfrac{a_i}{2}\rfloor\) 条边，换句话说，如果 \(a_i\) 是偶数那么全部 \(\dfrac{a_i}{2}\) 条边都能连，如果 \(a_i\) 是奇数那么会出现一个孤立点，综上 \(a\) 部分连出的边的个数为 \(\dfrac{n-a\ \text{数组中奇数的个数}}{2}\)，而 \(b\) 数组不论你怎么排最多只能连出 \(\lfloor\dfrac{n}{2}\rfloor\) 条边，故如果 \(a\) 数组中奇数个数 \(\geq 3\)，那么最多也只能连出 \(\dfrac{n-3}{2}+\dfrac{n-1}{2}=n-2<n-1\) 条边，无解。
接下来考虑怎样构造出符合要求的解，先从特殊的情况开始，如果 \(m=1\)，那么分两种情况：\(n=1\) 那么显然 \(m=1,b_1=1\) 就符合要求。如果 \(n>1\)，那么考虑一个“错位”的思想，分两组，一组长度为 \(1\)，另一组长度为 \(n-1\)，这样连就能解决问题了，因为这样会导致 \(1\) 与 \(n\) 相连，\(n\) 与 \(2\) 相连，\(2\) 又与 \(n-1\) 相连……\(i\) 与 \(n-i+1\) 和 \(n-i\) 相连，最终 \(1\sim n\) 就一定会被连成一条链了。
接下来考虑更一般的情况，考虑先重排 \(a\) 数组，如果 \(a\) 数组有奇数，就将奇数放在 \(a\) 数组的两边（有一个就放在开头，有两个就一个放开头一个放结尾）。其次考虑这样构造 \(b\) 数组，\(b_1=a_1+1,b_i=a_i(i\in [2,n]),b_n=a_n-1\)。这样做就对了。
为什么？其实也是用了“错位”的思想，借鉴 \(n=2\) 的经验，构造 \(b_1=a_1+1\) 显然可以使前 \(a_1\) 个数连成一片，同时也能将第一块（\([1,a_1]\)）与第二块（\([a_1+1,a_1+a_2]\)）串在一起，以此类推就能将全部 \(n\) 个数串在一起。还有一个问题，那就是为什么一定要把奇数放到开头或结尾，因为假设 \(\exist i,a_i=b_i\equiv 1\pmod{2}\)，那么 \(a_i\) 与 \(b_i\) 在字符串上对应的位置一定是一个两个长度为 \(a_i\) 区间，并且左、右端点各相差 \(1\)，不妨设其为 \([l,r]\) 与 \([l+1,r+1]\)，考虑对棋盘进行黑白染色，\(l,l+2,l+4,\dots,l+2k,\dots\) 染黑色，\(l+1,l+3,l+5,\dots,l+2k+1,\dots\) 染白色，由 \(a_i\equiv 1\pmod{2}\) 可知 \(l\) 与 \(r\) 染色相同，故我们显然只在颜色相同的点之间连边，故黑格与白格间没有边，图也就不连通了。
所以怎么说呢？这种人类智慧思维题，我根本想不出来/kk，wtcl/wq
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define fi first
#define se second
#define fz(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define fd(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
#define ffe(it,v) for(__typeof(v.begin()) it=v.begin();it!=v.end();it++)
#define fill0(a) memset(a,0,sizeof(a))
#define fill1(a) memset(a,-1,sizeof(a))
#define fillbig(a) memset(a,63,sizeof(a))
#define pb push_back
#define ppb pop_back
#define mp make_pair
template<typename T1,typename T2> void chkmin(T1 &x,T2 y){if(x>y) x=y;}
template<typename T1,typename T2> void chkmax(T1 &x,T2 y){if(x<y) x=y;}
typedef pair<int,int> pii;
typedef long long ll;
namespace fastio{
#define FILE_SIZE 1<<23
char rbuf[FILE_SIZE],*p1=rbuf,*p2=rbuf,wbuf[FILE_SIZE],*p3=wbuf;
inline char getc(){return p1==p2&&(p2=(p1=rbuf)+fread(rbuf,1,FILE_SIZE,stdin),p1==p2)?-1:*p1++;}
inline void putc(char x){(*p3++=x);}
template<typename T> void read(T &x){
x=0;char c=getchar();T neg=0;
while(!isdigit(c)) neg|=!(c^'-'),c=getchar();
while(isdigit(c)) x=(x<<3)+(x<<1)+(c^48),c=getchar();
if(neg) x=(~x)+1;
}
template<typename T> void recursive_print(T x){if(!x) return;recursive_print(x/10);putc(x%10^48);}
template<typename T> void print(T x){if(!x) putc('0');if(x<0) putc('-'),x=~x+1;recursive_print(x);}
void print_final(){fwrite(wbuf,1,p3-wbuf,stdout);}
}
int n,m,p1,p2,cnt[2],a[105];
int main(){
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=m;i++) scanf("%d",&a[i]),cnt[a[i]&1]++;
if(cnt[1]>=3){puts("Impossible");return 0;}
if(m==1){
if(a[1]==1) printf("1\n1\n1\n");
else printf("%d\n2\n1 %d\n",a[1],a[1]-1);
return 0;
} sort(a+1,a+m+1,[](int x,int y){return (x&1)>(y&1);});
printf("%d ",a[1]);for(int i=3;i<=m;i++) printf("%d ",a[i]);printf("%d\n",a[2]);
vector<int> ans;ans.pb(a[1]+1);for(int i=3;i<=m;i++) ans.pb(a[i]);if(a[2]!=1) ans.pb(a[2]-1);
printf("%d\n",ans.size());ffe(it,ans) printf("%d ",*it);printf("\n");
return 0;
}