一、题目
二、解法
要求的是这个柿子：
[sum_{j=1}^ndis(x,j)^k
]
一看这个 (dis(x,j)^k) 然后 (k) 很小就知道是套路题了，直接第二类斯特林数反演：
[sum_{j=1}^nsum_{i=0}^kS(k,i) imes i! imes C(dis(x,j),i)
]
然后略微的变换一下，因为 (S(k,i) imes i!) 和 (j) 没有一点关系，所以可以提到前面去：
[sum_{i=0}^kS(k,i) imes i!sum_{j=1}^nC(dis(x,j),i)
]
由于 (k) 很小，前面那些东西可以直接算，问题是求后面的 (f(x,i)=sum_{j=1}^n C(dis(x,j),i)) ，直接算会比较难，但是你发现 这个东西是放在树上的 ，这个关键条件没有用到啊！如果能通过递推的方式算出 (f(x,i)) 就好了。
因为 (C(dis(x,j),i)=C(dis(x,j)-1,i)+C(dis(x,j)-1,i-1)) ，设 (y) 是 (x) 的儿子，那么有递推式：
[f(x,i)=f(y,i)+f(y,i-1)
]
但是你发现这个只对 (x) 是根的情况成立，所以外面还要套一个换根 (dp) ，这个很容易写吧，时间复杂度 (O(nk))
( t UPD 2021/10/29)：也可以直接用组合意义做，相当于从路径上选出 (i) 个点，我们枚举另一个端点从哪个子树中来，然后讨论点 (u) 选不选，也可以得到上面的转移。
#include <cstdio>
const int M = 50005;
const int MOD = 10007;
int read()
{
int x=0,f=1;char c;
while((c=getchar())<'0' || c>'9') {if(c=='-') f=-1;}
while(c>='0' && c<='9') {x=(x<<3)+(x<<1)+(c^48);c=getchar();}
return x*f;
}
int n,k,tot,f[M],ans[M],fac[155],s[155][155];
int dp[M][155],t1[M][155],t2[M][155];
struct edge
{
int v,next;
edge(int V=0,int N=0) : v(V) , next(N) {}
}e[2*M];
void dfs(int u,int fa)
{
dp[u][0]=1;
for(int i=f[u];i;i=e[i].next)
{
int v=e[i].v;
if(v==fa) continue;
dfs(v,u);
for(int j=1;j<=k;j++)
dp[u][j]=(dp[u][j]+dp[v][j]+dp[v][j-1])%MOD;
dp[u][0]=(dp[u][0]+dp[v][0])%MOD;
}
}
void dfs2(int u,int fa)
{
for(int i=0;i<=k;i++)
ans[u]=(ans[u]+1ll*s[k][i]*fac[i]%MOD*dp[u][i])%MOD;
for(int w=f[u];w;w=e[w].next)//换根
{
int v=e[w].v;
if(v==fa) continue;
for(int i=0;i<=k;i++)
t1[u][i]=dp[u][i],t2[u][i]=dp[v][i];
//先把v的贡献从u中删掉
dp[u][0]-=dp[v][0];
for(int i=1;i<=k;i++)
dp[u][i]=(dp[u][i]-dp[v][i]-dp[v][i-1])%MOD;
//在把u加到v里面去,分开写
dp[v][0]+=dp[u][0];
for(int i=1;i<=k;i++)
dp[v][i]=(dp[v][i]+dp[u][i]+dp[u][i-1])%MOD;
dfs2(v,u);
//还原，回溯
for(int i=0;i<=k;i++)
dp[u][i]=t1[u][i],dp[v][i]=t2[u][i];
}
}
signed main()
{
n=read();k=read();
s[0][0]=fac[0]=1;
for(int i=1;i<=k;i++)
fac[i]=1ll*fac[i-1]*i%MOD;
for(int i=1;i<=k;i++)
for(int j=1;j<=k;j++)
s[i][j]=(1ll*s[i-1][j]*j+s[i-1][j-1])%MOD;
for(int i=1;i<n;i++)
{
int u=read(),v=read();
e[++tot]=edge(v,f[u]),f[u]=tot;
e[++tot]=edge(u,f[v]),f[v]=tot;
}
dfs(1,0);
dfs2(1,0);
for(int i=1;i<=n;i++)
printf("%d
",(ans[i]+MOD)%MOD);
}