平面上有 n 个点，点的位置用整数坐标表示 points[i] = [xi, yi]。请你计算访问所有这些点需要的最小时间（以秒为单位）。
你可以按照下面的规则在平面上移动：
每一秒沿水平或者竖直方向移动一个单位长度，或者跨过对角线（可以看作在一秒内向水平和竖直方向各移动一个单位长度）。
必须按照数组中出现的顺序来访问这些点。
示例 1：
输入：points = [[1,1],[3,4],[-1,0]]
输出：7
解释：一条最佳的访问路径是： [1,1] -> [2,2] -> [3,3] -> [3,4] -> [2,3] -> [1,2] -> [0,1] -> [-1,0]
从 [1,1] 到 [3,4] 需要 3 秒
从 [3,4] 到 [-1,0] 需要 4 秒
一共需要 7 秒
示例 2：
输入：points = [[3,2],[-2,2]]
输出：5
提示：
points.length == n
1 <= n <= 100
points[i].length == 2
-1000 <= points[i][0], points[i][1] <= 1000
方法一：切比雪夫距离
对于平面上的两个点 x = (x0, x1) 和 y = (y0, y1)，设它们横坐标距离之差为 dx = |x0 - y0|，纵坐标距离之差为 dy = |x1 - y1|，对于以下三种情况，我们可以分别计算出从 x 移动到 y 的最少次数：
dx < dy：沿对角线移动 dx 次，再竖直移动 dy - dx 次，总计 dx + (dy - dx) = dy 次；
dx == dy：沿对角线移动 dx 次；
dx > dy：沿对角线移动 dy 次，再水平移动 dx - dy 次，总计 dy + (dx - dy) = dx 次。
可以发现，对于任意一种情况，从 x 移动到 y 的最少次数为 dx 和 dy 中的较大值 max(dx, dy)，这也被称作 x 和 y 之间的 切比雪夫距离。
由于题目要求，需要按照数组中出现的顺序来访问这些点。因此我们遍历整个数组，对于数组中的相邻两个点，计算出它们的切比雪夫距离，所有的距离之和即为答案。
#include<iostream>
#include<vector>
#include<cmath>
using namespace std;
int points[100][2];
int inputValues(){
int n;
cout<<"enter how much pair you wannt to use"<<endl;
cin>>n;
for (int i = 0; i < n; i++)
{
cin>>points[i][0]>>points[i][1];
}
return n;
}
int minTimeToVisitAllPoints( int points[][2] ,int len) {
int x0=points[0][0],x1 = points[0][1];
int ans;
for (int i = 1; i <len; i++)
{
int y0=points[i][0],y1=points[i][1];
ans+=max(abs(x0-y0),abs(x1-y1));
x0=y0;
x1= y1;
}
return ans;
}
int main(){
int len = inputValues();
cout<<minTimeToVisitAllPoints(points,len) ;
}
允许运行结果：
