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【问题描述】
地质学家们打算考察一片山区。这片山区可分成m*n的网格，每个网格都有唯一的海拔高度，山区外围的海拔高度均为0。由于考察
任务繁重，他们分成m*n组，每个组考察一个网格的区域。每个组都可以选择从外围的任意一个位置出发进入山区，每次可以移
动到四周相邻的某个网格中，直到到达自己的目的地并完成考察后，再以同样方法从山区走到外围的任意一个位置。
这个山区的路是非常崎岖的，好在每个考察小组都拥有一辆十分先进的越野车。这种越野车有一个特点：它有两种模式：上升模式和
下降模式；当它处于上升模式时，无论四周网格比当前的高多少（可以相等），都可以上得去，但不能到达更低网格；当它处于
下降模式时，无论四周网格比当前的低多少（可以相等），都可以下得去，但不能到达更高网格；越野车可以在任何时候进行模
式转换，但每次转换都需要用掉一个“转换装置”；在出发前越野车可以选择任意一种模式，此时不需要“转换装置”。 这个“转换装置”是非常昂贵的，所以他们想知道每个小组最少需要多少个。
【输入格式】
输入文件mountain.in。第一行是两个整数m，n（1<=m，n<=100），表示网格数。接下来m行，每行n个整数，第i行第j个是hij（-
1000<=hij<=1000），表示第i行第j列的网格的海拔高度。
【输出格式】
输出文件mountain.out。m行，每行n个整数，第i行第j个是kij，表示考察第i行第j列的网格的小组最少需要多少个“转换装置”
。相邻两个数用一个空格隔开，行首、尾不能有多余空格。
【数据规模】
Sample Input1
3 3
9 4 2
2 1 6
7 2 5
Sample Output1
1 1 1
1 3 1
1 1 1
【题目链接】:http://noi.qz5z.com/viewtask.asp?id=u244
【题解】
题意:
让你从地图的外围开始往里面走；问你走进某个位置再从这个位置出来需要多少个转换装置;(上升状态和下降状态,只能做相应的变换)
做法:
从(0,0)号节点开始进行bfs；
(0,i),(i,0),(n+1,i),(i,m+1)这些点都是可以走的;
开始的时候0,0两个状态上升和下降都加入到队列中去;
然后设dis[x][y][2]表示到x,y这个点时是上升状态的最优解,和到(x,y)这个点时是下降状态的最优解;
bfs的时候搞dis数组就好;
搞完了进去；还要搞出去；
出去有两种方式；
设k为min(dis[i][j][0],dis[i][j][1]);
一种是按照进来的方式出去；那么就要多花费1次转换装置;即2*k+1;(如果高度全都一样且为0就按照下面另一种来算,也能考虑到的);
另一种是进去和出来的方式不一样；那么花费为dis[i][j][0]+dis[i][j][1];
因为dis[i][j][0]表示到达i,j时是上升的,dis[i][j][1]表示到i,j时是下降的;那么这两个状态是能够串联在一起的；因为i,j,1肯定是一个从一个h比i,j高的x,y下降到i,j的，那么i,j,0又代表上升状态，则可以按照i,j,1进来的状态再出去;且不用多花费一个转换装置;
【完整代码】
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <queue>
#include <iostream>
using namespace std;
const int MAXN = 110;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const int dx[5] = {0,0,0,1,-1};
const int dy[5] = {0,1,-1,0,0};
struct abc
{
int x,y,zt,num;
};
int n,m,h[MAXN][MAXN] = {0};
int dis[MAXN][MAXN][2];
queue <abc> dl;
int main()
{
//freopen("F:\rush.txt","r",stdin);
cin >> n >> m;
for (int i = 1;i <= n;i++)
for (int j = 1;j <= m;j++)
cin >> h[i][j];
memset(dis,INF,sizeof(dis));
dis[0][0][0] = dis[0][0][1] = 0;
abc temp;
temp.x = 0,temp.y = 0,temp.zt = 0,temp.num = 0;
dl.push(temp);
temp.zt = 1;
dl.push(temp);
while (!dl.empty())
{
int x = dl.front().x,y = dl.front().y,zt = dl.front().zt,num = dl.front().num;
dl.pop();
for (int i = 1;i <= 4;i++)
{
int tx = x+dx[i],ty = y+dy[i];
if (tx <0 || ty <0 || tx >n+1 || ty > m+1)
continue;
abc tt;
if (h[tx][ty] == h[x][y])
{
if (dis[tx][ty][zt]>num)
{
dis[tx][ty][zt] = num;
tt.x = tx,tt.y = ty,tt.zt = zt,tt.num = num;
dl.push(tt);
}
}
int tnum = num;
if (h[tx][ty] > h[x][y])
{
if (zt==1)
tnum++;
if (dis[tx][ty][0]>tnum)
{
dis[tx][ty][0] = tnum;
tt.x = tx,tt.y = ty,tt.zt = 0,tt.num = tnum;
dl.push(tt);
}
}
if (h[tx][ty]<h[x][y])
{
if (zt == 0)
tnum++;
if (dis[tx][ty][1]>tnum)
{
dis[tx][ty][1] = tnum;
tt.x = tx,tt.y = ty,tt.zt = 1,tt.num = tnum;
dl.push(tt);
}
}
}
}
for (int i = 1;i <= n;i++)
for (int j = 1;j <= m;j++)
{
int k = min(dis[i][j][0],dis[i][j][1]);
dis[i][j][0] = min(2*k+1,dis[i][j][0]+dis[i][j][1]);
}
for (int i = 1;i <= n;i++)
for (int j = 1;j <= m;j++)
if (j==m)
printf("%d
",dis[i][j][0]);
else
printf("%d ",dis[i][j][0]);
return 0;
}