题目描述
已知多项式方程
求这个方程在([1,m])内的整数解（(n)和(m)均为正整数）。
输入输出格式
输入格式
共 n + 2n+2 行。
第一行包含 22 个整数 (n), (m) ，每两个整数之间用一个空格隔开。
接下来的 n+1n+1 行每行包含一个整数，依次为$ a_0,a_1,a_2ldots a_n $
输出格式
第一行输出方程在 ([1,m]) 内的整数解的个数。
接下来每行一个整数，按照从小到大的顺序依次输出方程在 ([1,m])内的一个整数解。
说明
对于 (30\%) 的数据：(0<nle 2),(|a_i|le 100),(a_n≠0),(m<100)。
对于 (50\%) 的数据：(0<nle 100),(|a_i|le 10^{100}),(a_n≠0),(m<100)。
对于 (70\%) 的数据：(0<nle 100),(|a_i|le 10^{10000}),(a_n≠0),(m<10^4)。
对于 (100\%) 的数据：(0<nle 100),(|a_i|le 10^{10000}),(a_n≠0),(m<10^6)。
题解
对于解方程，除了靠我机智的人脑我想不出除了暴力枚举解之外更好的方法了，但是，如果我们每次都进行枚举解，如何check呢？带回去算，哇，这个计算量我也是很震惊的，我们当然不能按着他的顺序来算啦，我们可以用秦九韶算法。
秦九韶算法
我们知道并没有直接求解高阶方程的公式，所以我们就没有办法直接求出我们所需要的答案，那么面对这个高阶多项式我们应该真么办呢？根据我们的观察，我们发现有下述的等价变形：
我们从最里面的括号算起，我们会发现假设我们已经算出了第(i)个括号中的答案是(ans_i),我们再算第(i + 1)个括号时是这样算的：(a_{i-1}+ans_ix)其实我们数算出的(ans_i)就成了下一个括号中(x)的系数了。这样的话我们就可以利用一个([1,n])的for循环搞定了，模板长成这个样子：
xs = 0;
for(int i = n; i >= 1; -- i)
xs = ((xs + a[i]) % mod * x)% mod;
仅仅知道这个离AC这道题还有一段距离，我们来看一下数据，哇这个范围是要写高精的吗？？？，显然，高精这种麻烦的东西我们要放在最后来考虑。我们观察到，如果有(f(x)mod p=0)那么(f(xmod p) mod p= 0)
那么我们只用在每次计算之后进行一个取模操作就行了，为了避免冲突，我们选取一个较大的质数作为我们的模数（我选的是(10^9+7)），在输入的过程中我们也可以一边输入一边对输入的数进行取模，这个改一下读入优化就可以实现了。
long long read()
{
long long x = 0; int w = 0; char ch= getchar();
for(;!isdigit(ch); w |= (ch == '-'),ch = getchar());
for(;isdigit(ch);x = ((x << 1) + (x<< 3)) % mod + (ch ^48), ch = getchar());
return w ? -x : x;
}
代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
long long a[105], ans[1000005], xs;
const long long mod = 1e9 + 7;
long long read()
{
long long x = 0; int w = 0; char ch = getchar();
for(;!isdigit(ch); w |= (ch == '-'), ch = getchar());
for(;isdigit(ch);x = ((x << 1) + (x << 3)) % mod + (ch ^ 48), ch = getchar());
return w ? -x : x;
}
int main()
{
int n, cnt = 0;
long long m;
scanf("%d%lld", &n, &m);
for(int i = 0; i <= n; ++ i) a[i] = read(), a[i] = a[i] % mod;
for(long long x = 1; x <= m; ++ x)
{
xs = 0;
for(int i = n; i >= 1; -- i)
xs = ((xs + a[i]) % mod * x) % mod;
if((xs + a[0]) % mod == 0) ans[++ cnt] = x;
}
printf("%d
", cnt);
for(int i = 1; i <= cnt; ++ i) printf("%d
", ans[i]);
return 0;
}